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数列通项公式的几种求法
上传: 毛俊杰 &&&&更新时间： 15:57:02
数列通项公式直接表述了数列的本质，是给出数列的一种重要方法。数列通项公式具备两大功能，第一，可以通过数列通项公式求出数列中任意一项；第二，可以通过数列通项公式判断一个数是否为数列的项以及是第几项等问题；因此，求数列通项公式是高中数学中最为常见的题型之一，它既考察等价转换与化归的数学思想，又能反映学生对数列的理解深度，具有一定的技巧性，是衡量考生数学素质的要素之一，因而经常渗透在高考和数学竞赛中。本文分别介绍几种常见的数列通项的求法，以期能给读者一些启示。
一、常规数列的通项 例1：求下列数列的通项公式 （1）2(22&1)，3(32&1)，4(42&1)，5(52&1)，&& （2）－1&2(1)，2&3(1)，－3&4(1)，4&5(1)，& （3）3(2)，1，7(10)，9(17)，11(26)，& 解：（1）an=n(n2&1)& && &（2）an=&n（n+1）(（－1）n)& && &（3） an=2n＋1(n2＋1) 评注：认真观察所给数据的结构特征，找出an与n的对应关系，正确写出对应的表达式。
二、等差、等比数列的通项 直接利用通项公式an=a1+（n－1）d和an=a1qn－1写通项，但先要根据条件寻求首项、公差和公比。
三、摆动数列的通项 例2：写出数列1，－1，1，－1，&的一个通项公式。 解：an=（－1）n－1
变式1：求数列0，2，0，2，0，2，&的一个通项公式。 分析与解答：若每一项均减去1，数列相应变为－1，1，－1，1，& & && &故数列的通项公式为an=1+（－1）n
变式2：求数列3，0，3，0，3，0，&的一个通项公式。 分析与解答：若每一项均乘以3(2)，数列相应变为2，0，2，0，& & && &故数列的通项公式为an=2(3)[1+（－1）n－1&]& 变式3：求数列5，1，5，1，5，1，&的一个通项公式。 分析与解答1：若每一项均减去1，数列相应变为4，0，4，0，& & && &故数列的通项公式为an=1++2&3(2)[1+（－1）n－1&]=1+3(4)[1+（－1）n－1&]& 分析与解答2：若每一项均减去3，数列相应变为2，－2，2，－2，& & && &故数列的通项公式为an=3+2（－1）n－1
四、循环数列的通项 例3：写出数列0.1，0.01，0.001，0.0001，&的一个通项公式。 & && &解：an=&10n(1) 变式1：求数列0.5，0.05，0.005，&的一个通项公式。 & && &解：an=&10n(5) 变式2：求数列0.9，0.99，0.999，&的一个通项公式。 & &&分析与解答：此数列每一项分别与数列0.1，0.01，0.001，0.0001，&的每一项对应相加得到的项全部都是1，于是an=1－&10n(1)
变式3：求数列0.7，0.77，0.777，0.7777，&的一个通项公式。 解：an=&9(7)（1－&10n(1)）&
例4：写出数列1，10，100，1000，&的一个通项公式。 解：an=10n－1
变式1：求数列9，99，999，&的一个通项公式。 分析与解答：此数列每一项都加上1就得到数列10，100，1000，&&&故an=10n－1。
变式2：写出数列4，44，444，4444&的一个通项公式。 解：an=&9(4)（10n－1）& 评注：平日教与学的过程中务必要对基本的数列通项公式进行过关，这就需要提高课堂教与学的效率，多加总结、反思，注意联想与对比分析，做到触类旁通，也就无需再害怕复杂数列的通项公式了。
五、通过等差、等比数列求和来求通项 例5：求下列数列的通项公式 （1）0.7，0.77，0.777，&& && && &（2）3，33，333，3333，& （3）12，，&& && & （4）1，1+2，1+2+3，& 解：（1）an=file:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image1.wmf=7&file:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image2.wmf=7&（0.1+0.01+0.001+&+file:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image3.wmf） =7&（10(1)+102(1)+103(1)+&+10n(1)）==9(7)（1－10n(1)） （2）an=file:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image4.wmf=3&file:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image5.wmf=3&（1+10+100+&+10n）=3&1－10(1－10n)=3(1)（10n－1） （3）an=file:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image6.wmf=12&（1+100+10000+&+100n－1）=12&1－100(1－100n)=33(4)（102n－1） （4）an=1+2+3+&n=2(n（n+1）)
评注：关键是根据数据的变化规律搞清楚第n项的数据特点。
六、用累加法求an=an－1+f（n）型通项
例6：（1）数列{an}满足a1=1且an=an－1+3n－2（n&2），求an。 （2）数列{an}满足a1=1且an=an－1+2n(1)（n&2），求an。 解：（1）由an=an－1+3n－2知an－an－1=3n－2，记f（n）=3n－2= an－an－1 & && &&&则an= （an－an－1）+（an－1－an－2）+（an－2－an－3）+&（a2－a1）+a1 & && && && &=f（n）+ f（n－1）+ f（n－2）+&f（2）+ a1 & && && && &=（3n－2）+[3（n－1）－2]+ [3（n－2）－2]+ &+（3&2－2）+1 & && && && &=3[n+（n－1）+（n－2）+&+2]－2（n－1）+1 & && && && &=3&2(（n+2）（n－1）)－2n+3=2(3n2－n) &&（2）由an=an－1+2n(1)知an－an－1=2n(1)，记f（n）=2n(1)= an－an－1 & && & 则an=（an－an－1）+（an－1－an－2）+（an－2－an－3）+&（a2－a1）+a1 & && && &&&=f（n）+ f（n－1）+ f（n－2）+&f（2）+ a1 & && && &&&=2n(1)+2n－1(1)+2n－2(1)+&+22(1)+1=2(1)－2n(1) 评注：当f（n）=d（d为常数）时，数列{an}就是等差数列，教材对等差数列通项公式的推导其实就是用累加法求出来的。
七、用累积法求an= f（n）an－1型通项 例7:（1）已知数列{an}满足a1=1且an=n(2（n-1）)an&1（n&2），求an
（2）数列{an}满足a1=2(1)且an=2n(1)an&1，求an 解：（1）由条件&an&1(an)=n(2（n－1）)，记f（n）=n(2（n－1）) an=&an&1(an)&&an&2(an－1)&&&a1(a2)&a1=f（n）f（n－1）f（n－2）&f（2）f（2）a1
=n(2（n－1）)&n－1(2（n－2）)&n－2(2（n－3）)&&3(2&2)&2(2&1)&1=n(2n－1) （2）an=&an&1(an)&&an&2(an－1)&&&a1(a2)&a1=2n(1)&2n－1(1)&22(1)&2(1)=21＋2＋&＋n(1)=2－2(n（n＋1）) 评注：如果f（n）=q（q为常数），则{an}为等比数列，an= f（n）an&1型数列是等比数列的一种推广，教材中对等比数列通项公式地推导其实正是用累积法推导出来的。
八、用待定系数法求an=Aan－1＋B型数列通项 例8:数列{an}满足a1=1且an＋1＋2an=1，求其通项公式。 解：由已知，an＋1＋2an=1，即an=－2 an&1＋1 & & 令an＋x=－2（an－1＋x），则an=－2 an－1－3x，于是－3x=1，故x=－3(1) ∴& && &an－3(1)=－2（an－1－3(1)） 故{ an－3(1)&}是公比q为－2，首项为an－3(1)=3(2)的等比数列 ∴an－3(1)=3(2)（－2）n－1=3(1－（－2）n) 评注：一般地，当A&1时令an＋x=A（an－1＋x）有an=A an－1＋（A－1）x，则有 （A－1）x=B知x=A－1(B)，从而an＋A－1(B)=A（an－1+A－1(B)），于是数列{an＋A－1(B)}是首项为a1+A－1(B)、公比为A的等比数列，故an＋A－1(B)=（a1+A－1(B)）An－1，从而 an=（a1+A－1(B)）An－1－A－1(B)；特别地，当A=0时{an}为等差数列；当A&0，B=0时，数列{an}为等比数列。
推广：对于an=A an－1＋f（n）（A&0且A&R）型数列通项公式也可以用待定系数法求通项公式。 例9：数列{an}满足a1=1且an=2an－1＋3n(1)（n&2），求an。 解：令an＋x&3n(1)=2（an＋x&3n-1(1)）则an=2an－1+ 2x&3n-1(1)－x&3n(1)=3(5)x&3n-1(1)=5x&3n(1) 而由已知an=2an－1＋3n(1)故5x=1，则x=5(1)。故an＋5(1)&3n(1)＝2（an－1＋5(1)&3n-1(1)） 从而{an＋5(1)&3n(1)}是公比为q=2、首项为a1＋5(1)&3(1)=15(16)的等比数列。 & &&于是an＋5(1)&3n(1)=15(16)&2n－1，则an=15(16)&2n－1－5(1)&3n(1)=15(1)（2n+3－3n－1(1)） 评注：一般情况，对条件an=Aan－1+f（n）而言，可设an+g（n）=A[an－1+g（n－1）]，则有Ag（n－1）－g（n）=f（n），从而只要求出函数g（n）就可使数列{ an+g（n）}为等比数列，再利用等比数列通项公式求出an。值得注意的是an+g（n）与an－1+g（n－1）中的对应关系。特别地，当f（n）=B（B为常数）时，就是前面叙述的例8型。 这种做法能否进一步推广呢？对于an=f（n）an－1+g（n）型数列可否用待定系数法求通项公式呢？ 我们姑且类比做点尝试：令an+k（n）=f（n）[an－1+k（n－1）]，展开得到 an&=f（n）an－1+f（n）k（n－1）－k（n），从而f（n）k（n－1）－k（n）= g（n），理论上讲，通过这个等式k（n）可以确定出来，但实际操作上，k（n）未必能轻易确定出来，请看下题： 数列{an}满足a1=1且an=2n(n)an－1+n+1(1)，求其通项公式。 & & 在这种做法下得到2n(n)k（n－1）－k（n）=n+1(1)，显然，目前我们用高中数学知识还无法轻易地求出k（n）来。
九、通过Sn求an 例10：数列{an}满足an&=5Sn－3，求an。 解：令n=1，有a1=5an－3，∴a1=4(3)。由于an&=5Sn－3&&&① 则& && && &&&an-1&=5 Sn-1－3&&&② ①－②得到an－an-1=5（Sn－Sn-1）& && & ∴an－an－1&=5an
故an=－4(1)an-1，则{an}是公比为q=－4(1)、首项an=4(3)的等比数列，则an=4(3)（－4(1)）n-1
评注：递推关系中含有Sn，通常是用Sn和an的关系an=Sn－Sn－1（n&2）来求通项公式，具体来说有两类：一是通过an=Sn－Sn－1将递推关系揭示的前n项和与通项的关系转化为项与项的关系，再根据新的递推关系求出通项公式；二是通过an=Sn－Sn－1将递推关系揭示的前n项和与通项的关系转化为前n项和与前n－1项和的关系，再根据新的递推关系求出通项公式
十、取倒数转化为等差数列
例11：已知数列{an}满足a1=1且a n+1= an+2(2an)，求an。 & &&&解：由a n+1= an+2(2an)有& &&&an+1(1)=&2an(an+2)=&2(1)+an(1)&&即an+1(1)－an(1)=2(1) & && && &所以，数列{an(1)}是首项为a1(1)=1、公差为d=2(1)的等差数列 & && &&&则an(1)=1+（n－1）2(1)=2(n+1)& && &从而an=n+1(2) 评注：注意观察和分析题目条件的结构特点，对所给的递推关系式进行变形，使与所求数列相关的数列（本例中数列{an(1)}）是等差或等比数列后，只需解方程就能求出通项公式了。
十一、构造函数模型转化为等比数列
例12：已知数列{an}满足a1=3且a n+1= （an－1）2+1，求an。 解：由条件a n+1= （an－1）2+1得a n+1－1= （an－1）2
两边取对数有lg（a n+1－1）=lg（（an－1）2）=2lg（an－1） 即 & &&&故数列{ lg（an－1）}是首项为lg（a1－1）=lg2、公比为2的等比数列 所以，lg（an－1）=lg2&2n－1=lgfile:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image7.wmf 则an－1=file:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image8.wmf& && && &&&即an=file:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image9.wmf+1
评注：通过构造对数函数达到降次的目的，使原来的递推关系转化为等比数列进行求。
十二、数学归纳法 例13：数列{an}满足a1=4且a n=4－ an－1(4)（n&2），求an。 &&解：通过递推关系求出数列前几项如下 & & a1=4=2+1(2)& & a2=4－ a1(4)=3=2+2(2)& &&&a3=4－ a2(4)=3(8)=2+3(2) & && &a4=4－ a3(4)=2(5)=2+4(2)& &a5=4－ a4(4)=5(12)=2+5(2)&&a6=4－ a5(4)=3(7)=2+6(2) & && &&猜想：通项公式为an=2+n(2)。下用归纳法给出证明 & &&&显然，当n=1时，a1=4=2+1(2)，等式成立 & &&&假设当n=k时，等式成立，即ak=2+k(2) 则当n=k+1时，a k+1=4－ ak(4)=4－ k(2))&k(2)=4－k+1(2k)=2+2－k+1(2k)=2+k+1(2) & &&&由归纳法原理知，对一切n&N+都有an=2+n(2)。
评注：先根据递推关系求出前几项，观察数据特点，猜想、归纳出通项公式，再用数学归纳法给出证明。
十三、综合应用 例14：已知各项为正的数列{a n}满足a1=1且a n2=a n－12+2（n&2），求an。 &&解：由a n2=a n－12+2知a n2－a n－12=2 则数列{a n2}是公差为2、首项为a 12=1的等差数列。 &&故& &a n2=1+2（n－1）=2n－1& && && & 即an=
例15：数列{a n}满足a1=a2=5且a n+1=a n+6a n－1（n&2），求an。 &&解：设a n+1+&a n=&（a n+&a n－1），则a n+1=（&－&）a n+&&a n－1 & & 而a n+1=a n+6a n－1& && && &则file:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image10.wmf&解得file:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image11.wmf或file:///C:/DOCUME~1/ADMINI~1/LOCALS~1/Temp/ksohtml/wps_clip_image12.wmf 当&=2且&=3时a n+1+2a n=3（a n+2a n－1），即 n+1+2a n,&a n+2a n－1)&=3 &&则数列{a n+2a n－1}是公比为3、首项为a 2+2a 1=15的等比数列。 于是，a n+2a n－1=15&3n－1=5&3n& &则a n=－2a n－1+5&3n
令a n+x&3n&=－2（a n－1+x&3n－1&）&&则a n=－2a n－1－x&3n&&故x=－1 & && && &于是，a n－3n&=－2（a n－1－3n－1&） 从而{a n－3n&}是公比为－2、首项为a 1－3=2的等比数列。 所以，a n－3n&=2&（－2）n－1& &则a n=3n+2&（－2）n－1=3n－（－2）n 当&=－3且&=－2时，同理可求得a n=3n－（－2）n
& &于是，数列{a n}的通项公式为a n=3n－（－2）n
小结：本文只是介绍了几种常见的求数列通项公式的方法，可以看到，求数列（特别是以递推关系式给出的数列）通项公式的确具有很强的技巧性，与我们所学的基本知识与技能、基本思想与方法有很大关系，因而在平日教与学的过程中，既要加强基本知识、、基本方法、基本技能和基本思想的学习，又要注意培养和提高数学素质与能力和创新精神。这就要求无论教师还是学生都必须提高课堂的教与学的效率，注意多加总结和反思，注意联想和对比分析，做到触类旁通，将一些看起来毫不起眼的基础性命题进行横向的拓宽与纵向的深入，通过弱化或强化条件与结论，揭示出它与某类问题的联系与区别并变更为出新的命题。这样无论从内容的发散，还是解题思维的深入，都能收到固本拓新之用，收到&秀枝一株，嫁接成林&之效，从而有利于形成和发展创新的思维。
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已知等差数列{an}的前n项和为An，且满足a1+a5=6，A9=63；数列{bn}的前n项和为Bn，且满足Bn=2bn-1(n∈N*)．（I）求数列{an}，{bn}的通项公式ab，bn；（II）设cn=anobn求数列{cn}的前n项和Sn．
题型：解答题难度：中档来源：济宁一模
（I）设 {an}的首项为a1，公差为d，因为 a1+a5=6，得a1+2d=3．由A9=63，得a1+4d=7，两式联立解得a1=-1，d=2．所以an=-1+2(n-1)=2n-3，n∈No．当n=1时，b1=2b1-1，解得b1=1．当 n≥2时，bn=Bn-Bn-1=2bn-2bn-1，即bn=2bn-1．所以数列{bn}是首项是1，公比为2的等比数列．所以bn=2n-1，n∈No．（II）因为cn=anobn，所以cn=an?bn=(2n-3)?2n．则Sn=-2+1?22+3?23+…+(2n-3)?2n&& ①2Sn=-22+1?23+3?24+…+(2n-3)?2n+1&②①-②得，-Sn=-2+2?22+2?23+…+2?2n-(2n-3)?2n+1=2?22(1-2n-1)1-2-2-(2n-3)?2n+1=2?22(1-2n-1)1-2-2-(2n-3)?2n+1=2n+1-8-2-(2n-3)?2n+1=(4-2n)?2n+1-10，所以Sn=10-(4-2n)?2n+1，即数列{cn}的前n项和为Sn=10-(4-2n)?2n+1．
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据魔方格专家权威分析，试题“已知等差数列{an}的前n项和为An，且满足a1+a5=6，A9=63；数列{bn..”主要考查你对&&等差数列的通项公式，等比数列的通项公式，数列求和的其他方法（倒序相加，错位相减，裂项相加等）&&等考点的理解。关于这些考点的“档案”如下：
现在没空？点击收藏，以后再看。
因为篇幅有限，只列出部分考点，详细请访问。
等差数列的通项公式等比数列的通项公式数列求和的其他方法（倒序相加，错位相减，裂项相加等）
等差数列的通项公式:
an=a1+（n-1）d，n∈N*。 an=dn+a1-d，d≠0时，是关于n的一次函数，斜率为公差d； an=kn+b（k≠）｛an｝为等差数列，反之不能。 对等差数列的通项公式的理解：
&①从方程的观点来看，等差数列的通项公式中含有四个量，只要已知其中三个，即可求出另外一个．其中a1和d是基本量，只要知道a1和d即可求出等差数列的任一项；②从函数的观点来看，在等差数列的通项公式中，。。是n的一次函数，其图象是直线y=dx+（a1-d）上均匀排开的一列孤立点，我们知道两点确定一条直线，因此，给出一个等差数列的任意两项，等差数列就被唯一确定了，等差数列公式的推导：
等差数列的通项公式可由归纳得出，当然，等差数列的通项公式也可用累加法得到：
&等比数列的通项公式:
an=a1qn-1，q≠0，n∈N*。等比数列的通项公式的理解：
①在已知a1和q的前提下，利用通项公式可求出等比数列中的任意一项；②在已知等比数列中任意两项的前提下，使用可求等比数列中任何一项；③用函数的观点看等比数列的通项，等比数列{an}的通项公式，可以改写为．当q&o，且q≠1时，y=qx是一个指数函数，而是一个不为0的常数与指数函数的积，因此等比数列{an}的图象是函数的图象上的一群孤立的点；④通项公式亦可用以下方法推导出来：将以上（n一1）个等式相乘，便可得到&⑤用方程的观点看通项公式．在an，q，a1，n中，知三求一。数列求和的常用方法：
1.裂项相加法：数列中的项形如的形式，可以把表示为，累加时抵消中间的许多项，从而求得数列的和； 2、错位相减法：源于等比数列前n项和公式的推导，对于形如的数列，其中为等差数列，为等比数列，均可用此法； 3、倒序相加法：此方法源于等差数列前n项和公式的推导，目的在于利用与首末两项等距离的两项相加有公因式可提取，以便化简后求和。4、分组转化法：把数列的每一项分成两项，或把数列的项“集”在一块重新组合，或把整个数列分成两个部分，使其转化为等差或等比数列，这一求和方法称为分组转化法。5、公式法求和：所给数列的通项是关于n的多项式，此时求和可采用公式求和，常用的公式有：& 数列求和的方法多种多样，要视具体情形选用合适方法。 数列求和特别提醒：
（1）对通项公式含有的一类数列，在求时，要注意讨论n的奇偶性；（2）在用等比数列前n项和公式时，一定要分q=1和q≠1两种情况来讨论。
发现相似题
与“已知等差数列{an}的前n项和为An，且满足a1+a5=6，A9=63；数列{bn..”考查相似的试题有：
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等差数列的通项公式 an = a1+n-1d 中，an ,
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